Módszer Jessica Friedrich
Ezen a ponton meg kell tanulni az algoritmus 42 amelyek közül az egyik (№ 37) - ez már állandó ítélkezési 3 páratlan algoritmus (№№ 31,32,38) és 19 pár tükör algoritmusok. Ez azt jelenti, sőt, meg kell tanulni, 3 + 19 = 21 algoritmus. Az ezzel a lépéssel, akkor láthatjuk a képen.
Párosított algoritmusok vannak elrendezve egymással szemben. Ha az algoritmus nyújt számos képletek, az adott párosított képletű elrendezve továbbá, egymással szemben.
Mik ezek a 19 pár algoritmusok? Ha jobban megnézed őket, akkor láthatjuk, hogy fordult minden a kockák (akár a bal, bár a jobb oldalon) egy függőleges tengely körül 90 ° -kal az óramutató járásával megegyező minta a kocka a bal oldali oszlopban - lesz a tükörképe a mintázat a kocka jobb oldali oszlop (csak színek különböző). És ez azt jelenti, hogy meg lehet oldani tükrözött képleteket. Ha fel függőlegesen egy sík tükör, elválasztó kockát átlósan a derékszög, a távol közelében maradt a képletet, és nem a bal oldali oszlopban, a tükör látható a képletet a kocka jobb oldali oszlopban. Pontosan itt, és felvette a képlet. Lehet, hogy nem mindig könnyű, de ez megkönnyíti a tanulást és a memóriát, és segít megérteni azt az elvet, és logikája a szerelvény ebben a szakaszban.
Ezen túlmenően, az összes képlet vannak 4 csoportba osztjuk:
- mindkét kocka a felső réteg - 24 esetben (12 bp)
- szög a helyén a felső rétegben bokovushka - 6 esetben (3 pár)
- bokovushka a helyén a rés fölött szög - 6 esetben (2 párok két egyszemélyes)
- bokovushka és a szög a nyílásba - 6 esetben (2 pár +1 +1 megoldódott egyetlen)
De ez még nem minden. Az első csoport a képletek osztva 6 alcsoportok egyesült mind a külső jellemzők és az általános elveit a szerelvény (ha lehetséges).
A jobb érthetőség kedvéért, a link is eltarthat egy puskát a színpadon.
Mindkét kocka a felső rétegben.
egyszerűbb esetekben
Ez a négy esetben egyszerűen fogazott, mivel azok alapvető és csökken szinte minden más algoritmusok ebben a fázisban (F2L) kocka szerelvény.
Szerelés keresztül osztott pár oldalán
Milyen jelek megkülönböztetni Ezekben az esetekben a többitől? Csak. Kocka néhány vagy egy szín, vagy akár fehér és a különböző Tsveri az egyik irányba (nem tévesztendő össze az esetben, amikor egy fehér felső, de nézd az azonos színű kockákat az egyik oldalon.)
összeállítás elve a következő négy esetben ugyanaz. Először hibás pár törött. Ezt az alábbiak szerint: elforgatásával az oldalsó felület, amelyen van mindkét kocka, visszavonja őket a nyílások és forgassa a felső határ, bontási kocka sarkától a sarokban ellentétes megy nyílás esetben 15 és 16 ellentétes egy pár szakadások a 17. és 18. Ezután, visszatérés forog vissza oldallapon. Továbbá, forgatásával a felső felület minden csökkentése, hogy az esetben, 3 vagy 4 (3 forgatni a képletekben)
Kocka „véletlenszerűen”, a fehér keresi fel. Pár folyik az oldalon
Mind a négy esetben nagyon könnyen megjegyezhető. Kezdetben fordult a felső borda kocka Rani egyesítik a színe a forgási középpont oldallapon, amelyen ez található (jobb vagy elöl) visszavonja azt a helyéről, majd fordult a felső határt meg közvetlenül a kocka sarok, ezáltal gyűjt pár. Forgassa vissza arc oldali (jobb vagy elülső, illetőleg), kimenetre egy pár gyűjtött a felső réteg. A következő négy fordulat csak hogy egy pár egy rés. Ez a négy esetben is tulajdonítható, hogy a bázis egy eljárás tömítőprofil egy pár. Bár. sőt, egy pár itt is kialakítható másképp. Azokban az esetekben, 21. és 22., a második és harmadik képletek gyűjteni egy pár különböző, de most még jobb, használja az első formula.
U (R U2 R ') U (R U' R „)
U R U2 R2 (F R F „)
U '(F' U2 F) U '(F' U F)
U 'F' U2 F2 (R 'F' R)
U2 (R U R 'U) (R U' R „)
(R U 'R') U2 (R U R „)
R B U2 B 'R'
U2 (F 'U' F U ') (F' U F)
(F 'U F) U2 (F' U „F)
F 'L' U2 L F
Kocka következő azonos színű egy irányba, akár fehér.
Először is származik a rossz pár a felső réteg (első pivot 3). Aztán kapunk 11 eset. Erre azért van szükség, ha a csavar felső réteg a gomb fehér négyzet, majd elrejteni a sarokkockán az alsó rétegben. és így tovább.
A következő két esetben egyszerűen fordult az első 4 kimeneti pár a felső réteg, és a további 17 és 18 kapunk algoritmusok rendre. (Ha gőzt függőlegesen, majd a „split”). Egyébként, abban az esetben a 40, akkor nem kap. Ha a megadott képlet F2L 39, fordított sorrendben történik, akkor kerül sor a sarokkockán az ellenkező irányba, hogy szükségünk van.
(F 'U' F U) (F 'U2 F) U (F' U „F)
(R U 'R' U) (R U2 'R') U (R U 'R')
A következő 2 algoritmus hívnám „szokatlan”, mint ez a gyűjtemény képletek semmi hasonló. Ez köszönhetik, hogy emlékszel.
Megoldásában algoritmusok ebben a szakaszban, a legnehezebb dolog az, hogy megtaláljuk egy pár „sarok-él”, és melyik az alábbi esetekben csökkent. Tart a legtöbb időt. De ez még nem minden nehézség. Néha kiderül az úgynevezett „gag” - az, amikor egy vagy mindkét kocka gyűjtött párok a „másik” slot, és sem a 42 rendelkezik megfelelő algoritmusok.
Akkor, persze, kezdenek gyűjteni a többi szín, de még mindig nem teljesen ingyen van a szükségességét, hogy megoldja a gag. Ezért fogunk tanulni.
Jelenleg 4 lehetőség közül:
- Egy kocka a foglalatába, a második az „idegen”.
- Mindkét kocka együtt egy „idegen” slot.
- Egy kocka a felső réteg, a második a „idegen” nyílásba.
- A blokkok mindegyikének van egy „idegen” foglalatot.
Az első esetben az szükséges, hogy a kocka, amely nem a foglalatába a felső kijelzőn réteget forgalom típusa R U R „vagy R U” R”, a továbbiakban megoldani szokásos módon egyik algoritmusok fenti.
A második esetben eljárni, mint az első, csak abból mindkét kocka a felső réteg forgalom típusa R U R „vagy R U” R”, és a továbbiakban is megoldja a hagyományos módon az egyik az algoritmusok a fent említett.
A harmadik lehetőség. Mivel a legtöbb algoritmusok csökkenteni egyszerű esetek 1-4, akkor lehet osztani 2 részből áll: az első rész teszi egy pár, a második pár készletek a nyílásba. Ezért ebben az esetben, hogy megoldja a dugó lesz, mintha a kocka áll a foglalatába, amíg mikor fog összegyűlni a gőzt. Ezután hogy egy fordulatot a felső felületen úgy, hogy gyűjtött egy pár meghajtó a nyílásba.
A negyedik esetben az egyik kocka (bármely, amely tetszik) megjelenik a felső rétegben, majd folytassuk a harmadik eset: megoldani két szakaszban, mintha a második kocka a foglalatába, mielőtt a szerelvény pár, majd egy sor felső oldala úgyhogy már begyűjtött egy pár meghajtó a nyílásba.
Ha többet szeretne különböző változatai az algoritmusok poénokat, de a színpadon a tanulmány, hogy jobban megértsék az általános működési elve. Ellenkező esetben meg kell tanulni sokkal algoritmusok.